(二分圖+最大流)洛谷P2774方格取數問題
洛谷P2774方格取數問題
思路:
我們選取一格的時候,限制的是不能選取周圍的四格。也就是說,我們可以考慮假設全選,然後刪去不能選的格數的權值和的最小值,就可以得到能夠選擇所得到的最大值。
我們可以將點染成黑白兩種顏色,對於點
(
i
,
j
)
(i,j)
(i,j),如果
(
i
+
j
)
%
2
=
1
(i+j)\%2=1
(i+j)%2=1就為黑色,否則為白色。這樣選擇一個點的時候,就會對四周不同顏色的點造成影響。這種二選一就容易想到是二分圖,是二分圖帶權最大獨立集。二分圖最大獨立集=所有的點權-最小點覆蓋數,又最小點覆蓋=最大匹配。所以我們可以網路流求其最大流(最小割)。
建圖:
對於黑色點
b
i
,
j
b_{i,j}
bi,j建立
(
S
,
b
i
,
j
,
a
i
,
j
)
(S,b_{i,j},a_{i,j})
(S,bi,j,ai,j)的邊;對於白點
w
i
,
j
w_{i,j}
wi,j建立
(
w
i
,
j
,
T
,
a
i
,
j
)
(w_{i,j},T,a_{i,j})
(wi,j,T,ai,j)的邊;對於黑點
b
i
,
j
b_{i,j}
bi,j與四周的白點
w
i
′
,
j
′
w_{i^{'},j^{'}}
wi′,j′建立
(
b
i
,
j
,
w
i
′
,
j
′
,
i
n
f
)
(b_{i,j},w_{i^{'},j^{'}},inf)
(bi,j,wi′,j′,inf)的邊。
程式碼:
#include<bits/stdc++.h>
#define pii pair<int,int>
#define int long long
#define cl(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define ct cerr<<"Time elapsed:"<<1.0*clock()/CLOCKS_PER_SEC<<"s.\n";
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define all(x) x.begin(),x.end()
#define lson x<<1,l,mid
#define rson x<<1|1,mid+1,r
#define INF 1e18
const int N=1e6+10;
const int mod=1e9+7;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const double eps=1e-8;
const double pi=acos(-1);
using namespace std;
struct edge
{
int u,v,w;
}e[N];
int head[N]={0},len=1,dis[4][2]={{1,0},{-1,0},{0,1},{0,-1}};
void add(int u,int v,int w)
{
e[++len]={head[u],v,w};
head[u]=len;
}
void inc(int u,int v,int w)
{
add(u,v,w);
add(v,u,0);
}
int dep[N];
int dfs(int u,int f,int t)
{
int ans=0,i;
if(u==t)
return f;
for(i=head[u];i && f;i=e[i].u)
{
int v=e[i].v,w=e[i].w;
if(dep[v]==dep[u]+1 && w)//符合深度關係且能流
{
int sum=dfs(v,min(f,w),t);
e[i].w-=sum;
e[i^1].w+=sum;
f-=sum;
ans+=sum;
}
}
if(!ans)
dep[u]=-2;
return ans;
}
int bfs(int s,int t)
{
queue<int> q;
cl(dep,0);
dep[s]=1;//源點深度為1
q.push(s);
while(!q.empty())
{
int u=q.front(),i;
q.pop();
for(i=head[u];i;i=e[i].u)
{
int v=e[i].v,w=e[i].w;
if(w && !dep[v])//有深度且能流
{
dep[v]=dep[u]+1;
q.push(v);
}
}
}
return dep[t];
}
int dinic(int s,int t)
{
int ans=0;
while(bfs(s,t))
ans+=dfs(s,inf,t);
return ans;
}
signed main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);cout.tie(0);
int n,m,i,j,k;
cin>>m>>n;
int s=0,t=m*n+1,res=0;
for(i=1;i<=m;i++)
for(j=1;j<=n;j++)
{
int x;
cin>>x;
res+=x;
if((i+j)%2)
inc(s,(i-1)*n+j,x);
else
inc((i-1)*n+j,t,x);
}
for(i=1;i<=m;i++)
for(j=1;j<=n;j++)
if((i+j)%2)
{
for(k=0;k<4;k++)
{
int dx=i+dis[k][0],dy=j+dis[k][1];
if(dx>=1 && dx<=m && dy>=1 && dy<=n)
inc((i-1)*n+j,(dx-1)*n+dy,inf);
}
}
res-=dinic(s,t);
cout<<res<<endl;
return 0;
}
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