題意
給出(n)個數,問任意選幾個數,它們(&)起來等於(0)的方案數
Sol
正解居然是容斥原理Orz,然而本蒟蒻完全想不到。。
考慮每一種方案
答案=任意一種方案 – 至少有(1)位為(1)的方案 + 至少有兩位為(1)的方案 – 至少有三位為(1)的方案
至少有(i)位為(1)的方案可以dp算,設(f[x])表示滿足(f[x] = a_i & x = x)的(a_i)的個數
最終答案$ = (-1)^{bit(i)} f[i]$
(f)陣列可以通過高維字首和預處理
#include<bits/stdc++.h>
#define Pair pair<int, int>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
using namespace std;
const int MAXN = 3e6 + 10, mod = 1e9 + 7, B = 20;
inline int read() {
char c = getchar(); int x = 0, f = 1;
while(c < `0` || c > `9`) {if(c == `-`) f = -1; c = getchar();}
while(c >= `0` && c <= `9`) x = x * 10 + c - `0`, c = getchar();
return x * f;
}
int N, a[MAXN], bit[65537], f[MAXN];
int add(int &x, int y) {
if(x + y < 0) x = x + y + mod;
else x = (x + y >= mod ? x + y - mod : x + y);
}
int mul(int x, int y) {
return 1ll * x * y % mod;
}
int fp(int a, int p) {
int base = 1;
while(p) {
if(p & 1) base = mul(base, a);
a = mul(a, a); p >>= 1;
}
return base;
}
int get1(int x) {
// return __builtin_popcount(x);
return bit[x & 65535] + bit[x >> 16];
}
int main() {
for(int i = 1; i <= 65536; i++) bit[i] = bit[i >> 1] + (i & 1);
N = read();
for(int i = 1; i <= N; i++) a[i] = read(), f[a[i]]++;
int Lim = (1 << B) - 1, ans = 0;
for(int i = 0; i <= 20; i++)
for(int sta = 0; sta <= Lim; sta++)
if(!(sta & (1 << i))) add(f[sta], f[sta | (1 << i)]);
for(int sta = 0; sta <= Lim; sta++) {
int k = (get1(sta) & 1) ? -1 : 1;
add(ans, mul(k, fp(2, f[sta])));
}
cout << ans;
return 0;
}