Codeforces Round 982 (Div. 2) 總結
A
猜結論，最後的圖形的周長都能移成一個長方形的周長，這個長方形就是 \(w\) 和 \(h\) 的最大值。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=1;
int n;
int w,h;
int x,y;
void solve()
{
x=y=0;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
cin>>w>>h;
x=max(x,w),y=max(y,h);
}
cout<<2*(x+y)<<'\n';
}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
#endif
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);cout.tie(0);
int T;
cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}
B
首先，Stalin Sort 後的結果是會產生單調不下降。對於 \(a_i\)，要保留 \(a_i\) 的話，\(a_i\) 前面不能有數，且後面不能有大於 \(a_i\) 的數。列舉 \(a_i\) 分別計算要刪去的數，複雜度為 \(O(n^2)\)。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=2005;
int n;
int a[N];
void solve()
{
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];
int ans=n;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
int cnt=i-1;
for(int j=i+1;j<=n;j++) cnt+=(a[j]>a[i]);
ans=min(ans,cnt);
}
cout<<ans<<'\n';
}
int main ()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
#endif
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);cout.tie(0);
int T;
cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}
C
轉化一下條件，若有 \(1 \le i \le n\)，\(a_i+i-1=|a|\)，調整大小為 \(a_i+i-1+i-1\)。可以用 dfs，用 map 標記是否搜過，這樣每個值最多進去搜尋一次，出去一次，複雜度為 \(O(n)\)。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=3e5+5;
int n;
ll a[N];
ll ans;
typedef pair<ll,int> PLI;
PLI b[N];
#define fi first
#define se second
map<ll,bool> H;
void dfs(ll siz)
{
if(H.count(siz)) return ;
H[siz]=1;
ans=max(ans,siz);
if(siz>b[n].fi) return ;
PLI tmp={siz,0};
int l=lower_bound(b+1,b+n+1,tmp)-b;
tmp.se=n;
int r=upper_bound(b+1,b+n+1,tmp)-b-1;
for(int i=l;i<=r;i++)
{
if(b[i].se==0) continue;
dfs(siz+b[i].se);
}
}
void solve()
{
H.clear();
cin>>n;
ans=n;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i],b[i]={a[i]+i-1,i-1};
sort(b+1,b+n+1);
dfs(n);
cout<<ans<<'\n';
}
int main ()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
#endif
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);cout.tie(0);
int T;
cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}
D1
觀察到詭異的資料範圍 \(nm \le 3e5\)，不難想到應該是個 \(O(nm)\) 的解法。
考慮 dp。設 \(f_{i,j}\) 為 \(k\) 的值為 \(i\) 時，\(a\) 剩下的第一個元素的下標為 \(j\) 的最小代價。
- 操作一：\(j\) 不變，\(i\) 變為 \(i+1\)，則有 \(f_{i+1,j}=\min{f_{i,j}}\)。
- 操作二：查詢第一個位置 \(c\) 滿足 \(\sum_{t=i}^c a_t > b_i\)，則有 \(f_{i,c}=\min{f_{i,j}+m-i}\)。
答案就是 \(\min_{i=1}^m f_{i,n+1}\)。
然後因為 \(n,m \le 3e5\)，不好開陣列，所以要麼用 vector，要麼用滾動陣列。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <queue>
#include <map>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=3e5+5;
const ll inf=1e18;
int n,m;
ll a[N],b[N];
ll f[2][N];
ll ans=inf;
void solve()
{
ans=inf;
cin>>n>>m;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i],a[i]+=a[i-1];
for(int i=1;i<=m;i++) cin>>b[i];
for(int j=1;j<=n+1;j++) f[1][j]=inf;
f[1][1]=0;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
for(int j=1;j<=n+1;j++) f[i+1&1][j]=inf;
for(int j=1;j<=n;j++)
{
int k=upper_bound(a+j,a+n+1,b[i]+a[j-1])-a;
if(k>j) f[i&1][k]=min(f[i&1][k],f[i&1][j]+m-i);
f[i+1&1][j]=min(f[i+1&1][j],f[i&1][j]);
}
ans=min(ans,f[i&1][n+1]);
}
cout<<(ans==inf ? -1 : ans)<<'\n';
}
int main ()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
#endif
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);cout.tie(0);
int T;
cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}