數論函式（二）

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 1e5+200;
using namespace std;
int prime[N];
void init()
{
	int cnt=0;
	for(int i=1;i<=N;++i)
	{
		int flag=1;
		for(int j=2;j<=i;++j)
		{
			if(i%j==0)
			{
				flag=0;
				break;
			}
		}
		if(flag)	prime[++cnt]=i;
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<prime[n]<<endl;
}

2.2.普通篩法而O( $n \cdot \sqrt n$ )

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 1e5+200;
using namespace std;
int prime[N];
void init()
{
	int cnt=0;
	for(int i=2;i<=N;++i)
	{
		int flag=1;
		for(int j=2;j*j<=i;++j)
		{
			if(i%j==0)	{flag==0;break;}
		}
		if(flag)	prime[++cnt]=i;
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<prime[n]<<endl;
}

2.3Eratosthenes篩法 O( $n \cdot log(log n)$ )

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 1e5+200;
using namespace std;
int prime[N];
bool vis[N];
void init()
{
	int cnt=0;
	for(int i=2;i<=N;++i)
	{
		if(!vis[i])	prime[++cnt]=i;
		for(int j=2;j*i<=N;++j)
		{
			vis[j]=1;
		}
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<prime[n]<<endl;
}

2.4尤拉篩（線性篩篩素數）O( $\frac{3}{2} \cdot n$ )

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 1e5+200;
using namespace std;
int prime[N];
bool vis[N];
void init()
{
	int cnt=0;
	for(int i=2;i<=N;++i)
	{
		if(!vis[i])	prime[++cnt]=i;
		for(int j=1;i*prime[j]<=N&&j<=cnt;++j)
		{
			vis[i*prime[j]]=1;
			if(i%prime[j]==0)
				break;
		}
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<prime[n]<<endl;
}

解釋：

在尤拉篩中，我們必須要知道那個關鍵步驟：“if(i%prime[j]==0) break;”

在上面的表格中，我們發現，如果按照最小因子*剩餘因子 = 合數的形式的話，就能保證無冗餘。

為什麼呢？

因為，若i%prime[j]==0，等價於i = k* prime[j]，所以 i * prime[j+1] = k' * prime[j] ,就等於重複篩了。

由打表發現，每次用尤拉篩的時候，到n/2的地方，就已經全部篩完了，剩下的(n/2+1,n)之間都沒有，所以尤拉篩的時間複雜度的下限是 3/2 n

說明：線性篩法更加快速，沒有重複篩（沒有冗餘），那麼就有線性篩法的時間複雜度趨近於線性時間複雜度。

3.線性篩

3.1篩素數（也叫做尤拉篩）

上面提到過，這裡不再贅述

3.2篩尤拉函式

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 2e7;
using namespace std;
int prime[N+20],phi[N+20],cnt;
bool vis[N+20];
void init()
{
	phi[1]=1;
	cnt=0;
	memset(phi,0,sizeof(phi));
	for(int i=2;i<=N;++i)
	{
		if(!vis[i])//if(!phi[i])
		{
			prime[++cnt]=i;
			phi[i]=i-1;
		}
		for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
		{
			vis[i*prime[j]]=1;
			if(i%prime[j]==0)
			{ 
				phi[i*prime[j]]=phi[i]*prime[j];
				break;
			}
			else	phi[i*prime[j]]=phi[i]*(prime[j]-1);
		}
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<phi[n]<<endl;
}

這裡，使用了兩個性質：(p是質數)

性質一：i % p ==0: phi(i * p) = phi(i) * p

性質二：i % p !=0 phi(i * p) = phi(i) * (p-1)

3.3篩莫比烏斯函式

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 2e7;
using namespace std;
int prime[N+20],mu[N+20],cnt;
bool vis[N+20];
void init()
{
	cnt=0;
	mu[1]=1;
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	for(int i=2;i<=N;++i)
	{
		if(!vis[i])	
		{
			prime[++cnt]=i;
			mu[i]=-1;
		}
		for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
		{
			vis[i*prime[j]]=1;
			if(i%prime[j]==0)
			{
				mu[i*prime[j]]=0;
				break;
			}
			else	mu[i*prime[j]]=-mu[i];
		}
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<mu[n]<<endl;
}

在這裡，用到了三個東西來篩莫比烏斯函式：（p是質數）

一、平方數，比如2^2,3^2,...n^2,一定滿足i%p=0,因此，mu（平方數）=0；

二、若 i%p==0，那麼有 i=k*p,那麼 i*p= p^2 * q,那麼 i * p就有平方因子，所以，mu(i*p) = 0,

三、若i % p != 0，我們分三種情況，第一：i是質數，又因為p是質數，所以mu(i * p) = (-1)^2 = 1 = - mu(p)

第二：i 含有平方根因子，又因為平方數已經被篩過了，也滿足mu(i * p) = 0 = -mu(i),

第三，i 不含有平方根因子，那麼再加上p這個因子，也滿足mu(i * p) = -mu(p) = -mu(i)

因此，有mu(i * p) = -mu(i)

3.4篩最小質因子

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 2e7;
using namespace std;
int prime[N+20],mnfact[N+20],cnt;
bool vis[N+20];
void init()
{
	cnt=0;
	mnfact[1]=1;
	memset(vis,0,sizeof(vis));
	for(int i=2;i<=N;++i)
	{
		mnfact[i]=min(mnfact[i],i);
		if(!vis[i])
		{
			prime[++cnt]=i;
			mnfact[i]=i;
		}
		for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
		{
			vis[i*prime[j]]=1;
			mnfact[i*prime[j]]=prime[j];
			if(i%prime[j]==0)
				break;
		}
	}
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<mnfact[n]<<endl;
}

由於線性篩使用的本來就是使用最小因子這個概念，所以，很容易就寫成了。

3.5篩最大質因子

#include<bits/stdc++.h>
const int N = 2e7;
using namespace std;
int prime[N+20],mxfact[N+20],cnt;
bool vis[N+20];
void init()
{
    cnt=0;
    memset(mxfact,0,sizeof(mxfact));
    mxfact[1]=1;
    for(int i=2;i<=N;++i)
    {
        if(!vis[i])
        {
            prime[++cnt]=i;
            mxfact[i]=i;
        }
        for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            mxfact[i*prime[j]]=max(mxfact[i],prime[j]);
            if(i%prime[j]==0)
            {
                break;
            }
        }
    }
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<mxfact[n]<<endl;
}

這裡，分成兩種情況：(p為質數)

一、i是質數，那麼 mxfact[ i ] = i；

二、i不是質數，就有 i = k* p, mxfact[ i* p ] = max( p,mxfact[ i ] )

3.6篩不同種類質因子數目

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N= 2e7;
int prime[N+20],difffact[N+20],cnt;
bool vis[N+20];
void init()
{
    cnt=0;
    memset(difffact,0,sizeof(difffact));
    difffact[1]=1;
    for(int i=2;i<=N;++i)
    {
        if(!vis[i])
        {
            prime[++cnt]=i;
            difffact[i]=2;
        }
        for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                difffact[i*prime[j]]=difffact[i];
                break;
            }
            else
                difffact[i*prime[j]]=difffact[i]+1;
        }
    }
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<difffact[n]<<endl;
}

這裡，分成了三種情況：（p是質數）

一、i是質數，那麼difffact[ i ] = 2

二、i不是質數，i % p = 0，那麼就有i = k*p, difffact[i * p] = difffact[i]（已經包含了p這個因子）

三、i不是質數，i % p != 0 ,那麼就有 difffact[i * p] =difffact[ i ]+1( 加上了p這個因子)

3.7篩所有因子數目

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N= 2e7;
int prime[N+20],allfact[N+20],cnt,mnfact_num[N+20];
bool vis[N+20];
void init()
{
    cnt=0;
    memset(allfact,0,sizeof(allfact));
    memset(mnfact_num,0,sizeof(mnfact_num));
    allfact[1]=1;
    mnfact_num[1]=1;
    for(int i=2;i<=N;++i)
    {
        if(!vis[i])
        {
            prime[++cnt]=i;
            allfact[i]=2;
            mnfact_num[i]=1;
        }
        for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                allfact[i*prime[j]]=allfact[i]/(1+mnfact_num[i])*(2+mnfact_num[i]);
                mnfact_num[i*prime[j]]=mnfact_num[i]+1;
                break;
            }
            else
            {
                allfact[i*prime[j]]=allfact[i]*2;
                mnfact_num[i*prime[j]]=1;
            }
        }
    }
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<allfact[n]<<endl;
}

其中，allfact 【x】表示x的約數個數，mnfact_num【x】表示x的最小質因數的個數

這裡，分成了三種情況：（p是質數）
一、i是質數，顯然，allfact【i】=2，mnfact_num【i】=1

二、i不是質數，i % p = 0, 那麼有 i = k* p,假設 i = p * q, 那麼這個時候就有 i * p =p^2 *q，根據約數個數計算公式，就有

allfact【i * p】 = allfact【i】/ (1 + mnfact_num【i】) * (2 + mnfact_num【i】);（質因子為p的個數增加了一個）

而且，mnfact_num【i * p】 = mnfact_num【i * p】+1;（理由同上）

三、i不是質數，i % p ！= 0, 那麼有 allfact【i * p】 = allfact【i 】* 2（因為增加了一個新的因子 p，就要乘上（1+p的個數）=》（1+1）=》* 2）

而且，mnfact_num【i * p】=1；

3.8篩所有因子和

#include<bits/stdc++.h>
#include<tr1/unordered_map>
#define register int rint
#define INF 0x3f3f3f3f
#define MOD 1000000007
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define PI 3.141592653589793
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int>PII;
const int N= 2e7;
const int lim=2e9;
const double esp=1e-6;
tr1::unordered_map<ll,ll>w;
template<typename T>inline void read(T &x)
{
    x=0;
    static int p;p=1;
    static char c;c=getchar();
    while(!isdigit(c)){if(c=='-')p=-1;c=getchar();}
    while(isdigit(c)) {x=(x<<1)+(x<<3)+(c-48);c=getchar();}
    x*=p;
}

int prime[N+20],factsum[N+20],nil_sum[N+20],cnt;
bool vis[N+20];
void init()
{
	cnt=0;
	factsum[1]=1;
	memset(vis,0,sizeof(vis));
    memset(nil_sum,0,sizeof(nil_sum));
    for(int i=2;i<=N;++i)
    {
        if(!vis[i])
        {
            prime[++cnt]=i;
            factsum[i]=1+i;
            nil_sum[i]=1;
        }
        for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                factsum[i*prime[j]]=factsum[i]*prime[j]+nil_sum[i];
                nil_sum[i*prime[j]]=nil_sum[i];
                break;
            }
            else
            {
                factsum[i*prime[j]]=factsum[i]*(1+prime[j]);
                nil_sum[i*prime[j]]=factsum[i];
            }
        }
     }
}
int main()
{
	init();
	int n;
	while(cin>>n)	cout<<factsum[n]<<endl;
}

其中，factsum【x】表示x的約數和，nil_sum【x】表示x的約數中不能被x的最小素因子整除的約數和

這裡，分成了三種情況：(p是質數)
一、i是質數，顯然，factsum【i】=1+x，nil_sum【i * p】=1；

二、i不是質數，i % p =0, factsum【i】可以寫成 x + x*p +...+x*p^k , factsum【i * p】可以表示成 x+ x *p+...+x*p^k+x*p^(k+1),

那麼 factsum【i * p】 = factsum【i】* p + （factsum【i】中不包含p因子的那一部分的和），在這裡，i的最小因子就是p，所以，那一部分就是 nil_sum【i】

所以 factsum【i * p】 = factsum【i】* p + nil_sum【i】

而且，nil_sum【i * p】 = nil_sum【i】（因為 i 中已經包含了因子p，所以沒有改變）

三、i不是質數，i%p ！= 0 ，因此，p與i互質，所以，相當於增加了一個多項式(1+p),

所以，factsum【i * p】= factsum【i】*（1+p）

而且，有 nil_sum【i * p】= factsum【i】（因為 p 是 i * p 的最小素因子，意味著要除去i * p 中含有p因子的那一個部分的約數和，就等價於factsum【i】）

3.9發現

由上這些例子，我們發現，只要是與因子有關的函式，都可以利用線性篩。

4.杜教篩

4.1線性篩和杜教篩

在上面，我們見識到了線性篩的魅力和威力，似乎有了一個很好的武器，可為什麼又出來一個杜教篩呢？

首先，觀察上面的篩法，發現n不會超過2e7(其實可以大一點點。那麼考慮一種情況，當n<=1e10或者更大呢？

這個時候，線性時間複雜度也涼了，所以要使用低於線性時間複雜度的方法。

於是，杜教篩誕生了。

4.2杜教篩的主要功能

在低於線性時間複雜度下，求解一類積性函式字首和。

時間複雜度的最好情況是 O（ $n^{\frac{2}{3}}$ ）

其中，有關積性函式的一些基本概念已經在“數論函式（一）”中涉及到了，這裡不再贅述

4.3杜教篩的基本套路

假設是積性函式，設 h = f * g ，設 $S(n) = \sum_{i=1}^{n}f(i)$ （S（n）是我們要求的那一部分）

那麼就有

=> $\sum_{i=1}^{n}h(i)=\sum_{i=1}^{n}\sum_{d|i}f(d) \cdot g(\frac{i}{d})$

=> $\sum_{i=1}^{n}h(i)=\sum_{d=1}^{n}g(d)S(\left \lfloor \frac{n}{d} \right \rfloor)$

=> $\sum_{i=1}^{n}h(i)=g(1) \cdot S(n)+\sum_{d=2}^{n}g(d)S(\left \lfloor \frac{n}{d} \right \rfloor)$

=> $g(1) \cdot S(n) = \sum_{i=1}^{n} h(i) -\sum_{i=2}^{n}g(i) \cdot S(\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor)$ (最後就是求S（n），也就是到了求這一部分)

為了保證好求S（n）：

1.保證 $\sum_{i=1}^{n} h(i)$ 好求（f和g的卷積和好求）（注：單位元e的字首和為1）

2.分塊+記憶化遞迴，以O（ $n^{\frac{2}{3}}$ ）求出 S（n)

4.4兩個注意點

4.4.1第一個注意點

若在使用杜教篩的過程中，等好的右邊得到了 $\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor$ 。那麼，i 從1~n中， $\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor$ 有不超過 $2 \sqrt(n)$ 個值，前 $\sqrt(n)$ 個值分別一一對應後 $\sqrt(n)$ 個值。

比如：設n=20，那麼有：

前 $\sqrt(n)$ ： 20(20/1), 10(20/2), 6(20/3), 5(20/4),

後 $\sqrt(n)$ : 1(20/20) , 2(20/10), 3(20/6), 4(20/5),

而且，對於每一個固定的 $\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor$ ，i 的浮動範圍是 $[\left \lfloor \frac{n}{\left \lfloor \frac{n}{i}\right \rfloor+1} +1\right \rfloor,\left \lfloor \frac{n}{\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor} \right \rfloor]$

4.4.2第二個注意點

$\sum_{i=1}^{n}i \cdot \left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor=\sum_{i=1}^{n}\frac{(1+\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor) \cdot \left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor}{2}$ , 這也是一個常用的形式

4.5杜教篩的應用

4.5.1求前n數的約數和(第一個注意點的情況)

#include<bits/stdc++.h>
#define register int rint
#define INF 0x3f3f3f3f3f
#define MOD 1000000007
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define PI 3.141592653589793
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int>PII;
const int N= 2e5+500;
const int Max=300;
const double esp=1e-6;
inline int rd() {
    char c = getchar(); int x = 0, f = 1;
    while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();}
    while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
    return x * f;
}
ll n;
ll ans=0;
int main()
{
    while(cin>>n)
    {
        ans=0;
        ll i,q,a,b;
        for(i=1;i*i<=n;++i)
        {
            ans=(ans+i*(n/i))%MOD;
            a=n/(i+1)+1;
            b=n/i;
            ans=(ans+i*(a+b)*(b-a+1)/2)%MOD;
        }
        i--;
        if(i==n/i)
            ans-=i*(n/i);
        cout<<ans<<endl;
    }
}

4.5.2求前n個數的約數個數（第一個注意點的情況）

#include<bits/stdc++.h>
#define register int rint
#define INF 0x3f3f3f3f3f
#define MOD 1000000007
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
#define PI 3.141592653589793
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int>PII;
const int N= 2e5+500;
const int Max=300;
const double esp=1e-6;
inline int rd() {
    char c = getchar(); int x = 0, f = 1;
    while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();}
    while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
    return x * f;
}
ll n;
ll ans=0;
int main()
{
    while(cin>>n)
    {
        ans=0;
        ll i,a,b;
        for(i=1;i*i<=n;++i)
        {
            a=n/(1+i)+1;
            b=n/i;
            ans=(ans+(b-a+1)*i)%MOD;
            a=n/(n/i+1)+1;
            b=n/(n/i);
            ans=(ans+(b-a+1)*(n/i))%MOD;
        }
        i--;
        if(i==n/i)
        {
            a=n/(1+i)+1;
            b=n/i;
            ans-=(b-a+1)*i;
        }
        cout<<ans<<endl;
    }
}

4.5.3求莫比烏斯函式的字首和

#include<bits/stdc++.h>
#include<tr1/unordered_map>
typedef long long ll;
const int N = 2e7;
using namespace std;
bool vis[N+20];
int prime[N+20],mu[N+20],cnt;
tr1::unordered_map<int,int>w;
void init()
{
    cnt=0;
    mu[1]=1;
    memset(vis,0,sizeof(vis));
    for(int i=2;i<=N;++i)
    {
        if(!vis[i])
        {
            prime[++cnt]=i;
            mu[i]=-1;
        }
        for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                mu[i*prime[j]]=0;
                break;
            }
            else    mu[i*prime[j]]=-mu[i];
        }
    }
    for(int i=1;i<=N;++i)   mu[i]+=mu[i-1];
}
int djs(ll n)
{
    if(n<=N)    return mu[n];
    if(w[n])    return w[n];
    int ans;
    ll l,r;
    for(l=2;l<=n;l=r+1)
    {
        r=n/(n/l);
        ans-=(r-l+1)*djs(n/l);
    }
    w[n]=ans;
    return ans;
}
int main()
{
    init();
    ll n;
    while(cin>>n)
    {
        cout<<djs(n)<<endl;
    }
}

在這裡，我們根據公式 $e = 1 * \mu$

得到， $S(n) = 1 -\sum_{i=2}^{n}S(\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor)$

4.5.4求尤拉函式的字首和

#include<bits/stdc++.h>
#include<tr1/unordered_map>
const int MOD=1e9+7;
typedef long long ll;
const int N = 2e7;
using namespace std;
bool vis[N+20];
int prime[N+20],phi[N+20],cnt;
int inv2=5e8 + 4;
tr1::unordered_map<int,int>w;
void init()
{
    cnt=0;
    phi[1]=1;
    memset(vis,0,sizeof(vis));
    for(int i=2;i<=N;++i)
    {
        if(!vis[i])
        {
            prime[++cnt]=i;
            phi[i]=i-1;
        }
        for(int j=1;j<=cnt&&i*prime[j]<=N;++j)
        {
            vis[i*prime[j]]=1;
            if(i%prime[j]==0)
            {
                phi[i*prime[j]]=phi[i]*prime[j];
                break;
            }
            else    phi[i*prime[j]]=phi[i]*(prime[j]-1);
        }
    }
    for(int i=1;i<=N;++i)   phi[i]=(phi[i]+phi[i-1])%MOD;
}
ll djs(ll n)
{
    if(n<=N)    return phi[n];
    if(w[n])    return w[n];
    ll ans=((n%MOD+1)*(n%MOD))%MOD*inv2%MOD;
    ll l,r;
    for(l=2;l<=n;l=r+1)
    {
        r=n/(n/l);
        ans=ans-((r-l+1)%MOD)*djs(n/l)%MOD;
    }
    w[n]=ans;
    return ans;
}
int main()
{
    init();
    ll n;
    while(cin>>n)
    {
        cout<<djs(n)<<endl;
    }
}

在這裡，我們根據公式 $S(n) = \frac{n \cdot (n+1)}{2} - \sum_{i=2}^{n}S(\left \lfloor \frac{n}{i} \right \rfloor)$

4.5.5杜教篩的套路總結

1.找到一個好的積性函式，從而得到一個好的S（n）公式，以及便於求卷積字首和（f 和 g的卷積字首和）

2.採用分塊 + unordered_map 進行記憶化遞迴

5.參考文獻

1.https://blog.csdn.net/Ruger008/article/details/80245687

2.https://www.cnblogs.com/TheRoadToTheGold/p/8228969.html#_label1

3.https://blog.csdn.net/skywalkert/article/details/50500009

4.https://www.cnblogs.com/peng-ym/p/9446555.html

在此，像以上原創作者表示感謝

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