P4178 Tree
題目描述:
給定一棵 n 個節點的樹,每條邊有邊權,求出樹上兩點距離小於等於 k 的點對數量。
資料範圍:
\(1≤n≤4×10^4\)
\(1≤k≤2×10^4\)
說句閒話
感謝著名CB大師red_fire傾情推薦%%%
在機房三個人唇槍舌劍了一小會,我們的CB大師直接開搞線段樹,而仔細研讀了資料範圍的本蒟蒻認為sort十分的清真,於是就有了這場對決
Solution:
首先我們不難想到像這樣
“樹上兩點距離小於等於 k的點對數量。”
的題顯然可以用澱粉質解決
廢話今天可是點分治專題啊:(
我們考慮如何統計答案:對於一個點cent:把它的所有兒子v到cent的dis全部求出來並記錄到一個陣列A中,然後對A排序,排序後在上面跑一個雙指標,求出對於每個l,從右往左數第一個滿足\(A[l]+A[r]\le k\)的,然後這部分的貢獻就是r-l
注意,儘管區間長度是r-l+1,但是[l,l]並不是一個點對,所以不能將[l,l]統計進答案
但是我們會發現這樣寫的話同一個y內的點對也有可能被統計進答案,我們只需要對於x的每一個兒子y,去一下y內的重就好了。
Code:
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
const int N=4e4+5;
using namespace std;
long long ans;
int n,m,e_cnt,k;
int head[N<<1],nxt[N<<1],to[N<<1],w[N<<1];
void add(int x,int y,int z)
{
e_cnt++;
to[e_cnt]=y;nxt[e_cnt]=head[x];w[e_cnt]=z;
head[x]=e_cnt;
}
int tot,cent;
int vis[N],siz[N],mx[N],A[N],dis[N];
void get_cent(int x,int fa)
{
siz[x]=1;mx[x]=0;
for(int i=head[x],y;i;i=nxt[i])
{
y=to[i];
if(y==fa||vis[y])continue;
get_cent(y,x);
siz[x]+=siz[y];
mx[x] = mx[x] > siz[y] ? mx[x] : siz[y];
}
mx[x] = mx[x] > tot-siz[x] ? mx[x] : tot-siz[x];
cent = mx[cent] < mx[x] ? cent : x;
}
void get_ans(bool tag)
{
sort(A+1,A+1+A[0]);
for(int l=1,r=A[0];l<=A[0];l++)
{
while(A[l]+A[r]>k)r--;
if(l<r)
ans+= (tag ? l-r : r-l);
if(r<l)break;
}
A[0]=0;
}
inline void get_dis(int x,int fa)
{
A[++A[0]]=dis[x];
for(int i=head[x],y;i;i=nxt[i])
{
y=to[i];
if(y==fa||vis[y])continue;
dis[y]=dis[x]+w[i];
get_dis(y,x);
}
}
void calc(int x)
{
dis[x]=0;
get_dis(x,0);
vis[x]=1;
get_ans(0);
for(int i=head[x],y;i;i=nxt[i])
{
y=to[i];
if(vis[y])continue;
dis[y]=dis[x]+w[i];
get_dis(y,x);
get_ans(1);
}
}
void solve(int x)
{
calc(x);
for(int i=head[x],y;i;i=nxt[i])
{
y=to[i];
if(vis[y])continue;
cent=0;tot=siz[y];
get_cent(y,x);
solve(cent);
}
}
void work()
{
cin>>n;
for(int i=1,x,y,z;i<n;i++)
{
scanf("%lld%lld%lld",&x,&y,&z);
add(x,y,z);
add(y,x,z);
}
cin>>k;
mx[cent=0]=n;
tot=n;
get_cent(1,0);
solve(cent);
printf("%lld",ans);
}
#undef int
int main()
{
//freopen("P4178_1.in","r",stdin);
//freopen("Tree.out","w",stdout);
work();
return 0;
}