SAT 是適定性（Satisfiability）問題的簡稱。一般形式為 k - 適定性問題，簡稱 k-SAT。而當 \(k>2\) 時該問題為 NP 完全的。所以我們只研究 \(k=2\) 的情況。
定義
2-SAT，簡單的說就是給出 \(n\) 個集合，每個集合有兩個元素，已知若干個 \(<a,b>\) ，表示 \(a\) 與 \(b\) 矛盾（其中 \(a\) 與 \(b\) 屬於不同的集合）。然後從每個集合選擇一個元素，判斷能否一共選 \(n\) 個兩兩不矛盾的元素。顯然可能有多種選擇方案，一般題中只需要求出一種即可。
現實意義
比如邀請人來吃喜酒，夫妻二人必須去一個，然而某些人之間有矛盾（比如 A 先生與 B 女士有矛盾，C 女士不想和 D 先生在一起），那麼我們要確定能否避免來人之間沒有矛盾，有時需要方案。這是一類生活中常見的問題。
使用布林方程表示上述問題。設 \(a\) 表示 A 先生去參加，那麼 B 女士就不能參加（ \(\neg a\) )； \(b\) 表示 C 女士參加，那麼 \(\neg b\) 也一定成立（D 先生不參加）。總結一下，即 \((a \vee b)\) （變數 \(a, b\) 至少滿足一個）。對這些變數關係建有向圖，則有： \(\neg a\Rightarrow b\wedge\neg b\Rightarrow a\) （ \(a\) 不成立則 \(b\) 一定成立；同理， \(b\) 不成立則 \(a\) 一定成立）。建圖之後，我們就可以使用縮點演算法來求解 2-SAT 問題了。
常用解決方法
Tarjan SCC 縮點
演算法考究在建圖這點，我們舉個例子來講：
假設有 \({a1,a2}\) 和 \({b1,b2}\) 兩對，已知 \(a1\) 和 \(b2\) 間有矛盾，於是為了方案自洽，由於兩者中必須選一個，所以我們就要拉兩條條有向邊 \((a1,b1)\) 和 \((b2,a2)\) 表示選了 \(a1\) 則必須選 \(b1\) ，選了 \(b2\) 則必須選 \(a2\) 才能夠自洽。
然後通過這樣子建邊我們跑一遍 Tarjan SCC 判斷是否有一個集合中的兩個元素在同一個 SCC 中，若有則輸出不可能，否則輸出方案。構造方案只需要把幾個不矛盾的 SCC 拼起來就好了。
輸出方案時可以通過變數在圖中的拓撲序確定該變數的取值。如果變數 \(\neg x\) 的拓撲序在 \(x\) 之後，那麼取 \(x\) 值為真。應用到 Tarjan 演算法的縮點，即 \(x\) 所在 SCC 編號在 \(\neg x\) 之前時，取 \(x\) 為真。因為 Tarjan 演算法求強連通分量時使用了棧，所以 Tarjan 求得的 SCC 編號相當於反拓撲序。
顯然地，時間複雜度為 \(O(n+m)\) 。
爆搜
就是沿著圖上一條路徑，如果一個點被選擇了，那麼這條路徑以後的點都將被選擇，那麼，出現不可行的情況就是，存在一個集合中兩者都被選擇了。
那麼，我們只需要列舉一下就可以了，資料不大，答案總是可以出來的。
爆搜模板
下方程式碼來自劉汝佳的白書：
// 來源：白書第 323 頁
struct Twosat {
int n;
vector<int> g[maxn * 2];
bool mark[maxn * 2];
int s[maxn * 2], c;
bool dfs(int x) {
if (mark[x ^ 1]) return false;
if (mark[x]) return true;
mark[x] = true;
s[c++] = x;
for (int i = 0; i < (int)g[x].size(); i++)
if (!dfs(g[x][i])) return false;
return true;
}
void init(int n) {
this->n = n;
for (int i = 0; i < n * 2; i++) g[i].clear();
memset(mark, 0, sizeof(mark));
}
void add_clause(int x, int y) { // 這個函式隨題意變化
g[x].push_back(y ^ 1); // 選了 x 就必須選 y^1
g[y].push_back(x ^ 1);
}
bool solve() {
for (int i = 0; i < n * 2; i += 2)
if (!mark[i] && !mark[i + 1]) {
c = 0;
if (!dfs(i)) {
while (c > 0) mark[s[--c]] = false;
if (!dfs(i + 1)) return false;
}
}
return true;
}
};
例題
**HDU3062 Party **
題面：有 n 對夫妻被邀請參加一個聚會，因為場地的問題，每對夫妻中只有 \(1\) 人可以列席。在 \(2n\) 個人中，某些人之間有著很大的矛盾（當然夫妻之間是沒有矛盾的），有矛盾的 \(2\) 個人是不會同時出現在聚會上的。有沒有可能會有 \(n\) 個人同時列席？
這是一道多校題，裸的 2-SAT 判斷是否有方案，按照我們上面的分析，如果 \(a1\) 中的丈夫和 \(a2\) 中的妻子不合，我們就把 \(a1\) 中的丈夫和 \(a2\) 中的丈夫連邊，把 \(a2\) 中的妻子和 \(a1\) 中的妻子連邊，然後縮點染色判斷即可。
#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 2018
#define maxm 4000400
using namespace std;
int Index, instack[maxn], DFN[maxn], LOW[maxn];
int tot, color[maxn];
int numedge, head[maxn];
struct Edge {
int nxt, to;
} edge[maxm];
int sta[maxn], top;
int n, m;
void add(int x, int y) {
edge[++numedge].to = y;
edge[numedge].nxt = head[x];
head[x] = numedge;
}
void tarjan(int x) { // 縮點看不懂請移步強連通分量上面有一個連結可以點。
sta[++top] = x;
instack[x] = 1;
DFN[x] = LOW[x] = ++Index;
for (int i = head[x]; i; i = edge[i].nxt) {
int v = edge[i].to;
if (!DFN[v]) {
tarjan(v);
LOW[x] = min(LOW[x], LOW[v]);
} else if (instack[v])
LOW[x] = min(LOW[x], DFN[v]);
}
if (DFN[x] == LOW[x]) {
tot++;
do {
color[sta[top]] = tot; // 染色
instack[sta[top]] = 0;
} while (sta[top--] != x);
}
}
bool solve() {
for (int i = 0; i < 2 * n; i++)
if (!DFN[i]) tarjan(i);
for (int i = 0; i < 2 * n; i += 2)
if (color[i] == color[i + 1]) return 0;
return 1;
}
void init() {
top = 0;
tot = 0;
Index = 0;
numedge = 0;
memset(sta, 0, sizeof(sta));
memset(DFN, 0, sizeof(DFN));
memset(instack, 0, sizeof(instack));
memset(LOW, 0, sizeof(LOW));
memset(color, 0, sizeof(color));
memset(head, 0, sizeof(head));
}
int main() {
while (~scanf("%d%d", &n, &m)) {
init();
for (int i = 1; i <= m; i++) {
int a1, a2, c1, c2;
scanf("%d%d%d%d", &a1, &a2, &c1, &c2); // 自己做的時候別用 cin 會被卡
add(2 * a1 + c1,
2 * a2 + 1 - c2); // 我們將 2i+1 表示為第 i 對中的，2i 表示為妻子。
add(2 * a2 + c2, 2 * a1 + 1 - c1);
}
if (solve())
printf("YES\n");
else
printf("NO\n");
}
return 0;
}
練習題
HDU1814 和平委員會
POJ3683 牧師忙碌日
其它
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(文章完)