在 steven kobes 上發現一套很有趣的C語言測試題，如果你招聘C語言相關開發人員，或者正在學習C語言，很值得做一做。
如果沒有做，下面內容暫時不要看，最好自己先完成一遍。
OK，假設你做的答案沒有完全正確，那你可以繼續看下去了，否則，後面內容對你來說就是小菜一碟，不值得看。
第一題：
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#include static jmp_buf buf; int main(void) { volatile int b = 3; if (setjmp(buf) != 0) { printf("%dn", b); exit(0); } b = 5; longjmp(buf, 1); } |
輸出結果為A）3 B）5 C）0 D）都不是
答案為B，也就是輸出5。
關鍵點在於理解setjmp以及longjmp，（http://en.wikipedia.org/wiki/Setjmp.h ）第一次執行到setjmp，會設定jmp_buf，然後返回0。當呼叫longjmp時，會把longjmp裡面的非0值作為setjmp的返回值返回（如果longjmp的value引數為0，setjmp恢復後返回1，也就是當恢復到setjmp儲存點的時候，setjmp一定不會返回0）。
setjmp-longjmp組合的用處類似於遊戲中的存檔讀盤功能，經常被用於類似C++的異常恢復操作。
第二題：
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struct node { int a; int b; int c; }; struct node s = { 3, 5, 6 }; struct node *pt = &s; printf("%dn", *(int*)pt); |
返回結果為3，這個算是比較簡單，pt為指向結構s的指標，然後將pt轉換為int指標，進行dereference，取出一個int值，那就是結構中第一個數。
我們將題目改動一下，如下程式碼：
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struct node { char a; char b; short c; int d; }; struct node s = { 3, 5, 6, 99 }; struct node *pt = &s; printf("%Xn", *(int*)pt); |
需要注意的是一般32位C編譯器都認為char是8bit，short是16bit，int為32bit，所以node在記憶體中應該正好是對齊的，也就是abc這幾個成員之間沒有空隙。最終結果應該為60503，如果不是，歡迎你告訴我你具體的編譯環境以及硬體配置。
第三題：
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int foo(int x, int n){ int val = 1; if (n > 0) { if (n % 2 == 1) val *= x; val *= foo(x * x, n / 2); } return val; } |
這道題其實最簡單的辦法就是在紙上做一個推演計算，一步一步跑一下，就能得到答案了，這裡面沒有任何複雜的C語言概念。
第四題：
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int a[5] = { 1, 2, 3, 4, 5 }; int *ptr = (int*)(&a + 1); printf("%d %dn", *(a + 1), *(ptr – 1)); |
這道題考的其實是指向陣列的指標，&a是一個隱式的指向int [5]陣列的指標，它和int* ptr是不一樣的，如果真要定義這個指標，應該是int (*ptoa)[5]。所以ptoa每一次加一操作都相當於跨越int a[5]的記憶體步長（也就是5個int長度），也就是說&a + 1其實就是指向了a[5]這個位置，實際上記憶體裡面這個位置是非法的，但是對ptr的強制轉換導致了後面ptr-1的記憶體步長改為了1個int長度，所以ptr-1實際指向了a[4]。至於*(a+1)沒什麼好說的，值就是2。
第五題：
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void foo(int[][3]); int main(void) { int a[3][3] = { {1, 2, 3}, {4, 5, 6}, {7, 8, 9} }; foo(a); printf("%dn", a[2][1]); return 0; } void foo(int b[][3]) { ++b; b[1][1] = 9; } |
其實和前一題有異曲同工之妙，++b的步長實際上是3個int，也就是++b運算以後，b指向{4,5,6}這個陣列的開始，而b[1]就是{7,8,9}, b[1][1]實際上就是8這個值也就是main函式中的a[2][1].
第六題：
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int a, b, c, d; a = 3; b = 5; c = a, b; d = (a, b); printf("c=%d ", c); printf("d=%dn", d); |
這個其實有兩個C語言知識點，一個是等號操作符優先順序高於逗號操作符，另一個是逗號操作符相當於運算逗號前半部後半部的表示式，然後返回後半部表示式的值。所以c等於a（先計算等號），而d等於b（逗號表示式返回b）。
第七題：
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int a[][3] = {1, 2, 3, 4, 5, 6}; int (*ptr)[3] = a; printf("%d %d ", (*ptr)[1], (*ptr)[2]); ++ptr; printf("%d %dn", (*ptr)[1], (*ptr)[2]); |
依然是2維陣列相關題目，ptr為指向int [3]陣列的指標，首先指向a[0]，所以(*ptr)[1], (*ptr)[2]就是a[0][1], a[0][2].然後++ptr，相當於ptr指向了a[1]，這時得到的是a[1][1]，a[1][2]，所以結果就是2，3, 5, 6。
第八題：
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int *f1(void) { int x = 10; return &x; } int *f2(void) { int *ptr; *ptr = 10; return ptr; } int *f3(void) { int *ptr; ptr = malloc(sizeof *ptr); return ptr; } |
這裡考的是返回一個指標的問題，一般來說返回指標的函式，裡面一定有malloc之類的記憶體申請操作，傳入指標型別，則是對指標指向的內容做修改。如果想修改指標本身，那就要傳入指標的指標。
第九題：
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int i = 3; int j; j = sizeof(++i + ++i); printf("i=%d j=%dn", i, j); |
這道題考的內容其實就是sizeof，如果計算表示式，那麼表示式是不會做計算的，也就是不管加加減減，sizeof就是針對i計算大小。在32位機器上，這個j應該為4。
我將程式碼擴充套件了一下，看看大家能不能想到結果：
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short m; int n; double dn; int j = sizeof ( m + n); int k = sizeof ( n + n); int l = sizeof ( m); int l2 = sizeof (m * m); int l3 = sizeof (m + dn); int l4 = sizeof (m + m); |
第十題：
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void f1(int*, int); void (*p[2])(int*, int); int main(void) { int a = 3; int b = 5; p[0] = f1; p[1] = f1; p[0](&a, b); printf("%d %d ", a, b); p[1](&a, b); printf("%d %dn", a, b); return 0; } void f1(int *p, int q) { int tmp = *p; *p = q; q = tmp; } |
函式指標的陣列p勉強算是一個知識點，另外一個知識點就是第八題提到的，對於int q這樣的引數，是不會修改其內容的。而*p則可修改p指向的內容。
第十一題：
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void e(int); int main(void) { int a = 3; e(a); putchar('n'); return 0; } void e(int n) { if (n > 0) { e(–n); printf("%d ", n); e(–n); } } |
這道題自己debug一下就完全明白了，主要知識點就是遞迴呼叫，另外前置後置自減操作的返回值問題。
第十二題：
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typedef int (*test)(float*, float*); test tmp; |
也是經常出現的一類題，對複雜的指標定義做解析，實際上K&R裡面（5.12）也有介紹該如何解讀。不熟悉的朋友可以試著練習練習標準庫中的bsearch，qsort以及signal函式。
第十三題：
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char p; char buf[10] = {1, 2, 3, 4, 5, 6, 9, 8}; p = (buf + 1)[5]; printf("%dn", p); |
也就是p實際指向*(buf + 1 + 5)，寫的更詭異一些就是p=5[buf +1];也是同樣結果。
第十四題：
類似十三題，也是把陣列弄得有些詭異，(p += sizeof(int))[-1];相當於*(p + sizeof(int) + (-1))。
第十五題：
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int ripple(int n, …) { int i, j, k; va_list p; k = 0; j = 1; va_start(p, n); for (; j < n; ++j) { i = va_arg(p, int); for (; i; i &= i – 1) ++k; } return k; } int main(void) { printf("%dn", ripple(3, 5, 7)); return 0; } |
這道題也是兩個知識點，一個是可變引數函式定義以及如何實現，va_arg會把5，7依次取出來。另一個知識點是i &= i-1，實際上是計算了i二進位制形式中1的個數，每次計算都會消減掉最低有效位上的1。比如7二進位制表示為111。i &= i –1的計算結果依次為110，100, 000 （也就是0）。在hacker’s Delights這本書裡介紹了很多類似技巧。
第十六題：
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int counter(int i) { static int count = 0; count = count + i; return count; } int main(void) { int i, j; for (i = 0; i <= 5; i++) j = counter(i); printf("%dn", j); return 0; } |
只要瞭解靜態區域性變數的真正內涵，這道題就是小菜啦。