藍橋杯 小朋友排隊 (歸併排序 逆序數 好題)
歷屆試題 小朋友排隊
時間限制:1.0s 記憶體限制:256.0MB
問題描述
n 個小朋友站成一排。現在要把他們按身高從低到高的順序排列,但是每次只能交換位置相鄰的兩個小朋友。
每個小朋友都有一個不高興的程度。開始的時候,所有小朋友的不高興程度都是0。
如果某個小朋友第一次被要求交換,則他的不高興程度增加1,如果第二次要求他交換,則他的不高興程度增加2(即不高興程度為3),依次類推。當要求某個小朋友第k次交換時,他的不高興程度增加k。
請問,要讓所有小朋友按從低到高排隊,他們的不高興程度之和最小是多少。
如果有兩個小朋友身高一樣,則他們誰站在誰前面是沒有關係的。
每個小朋友都有一個不高興的程度。開始的時候,所有小朋友的不高興程度都是0。
如果某個小朋友第一次被要求交換,則他的不高興程度增加1,如果第二次要求他交換,則他的不高興程度增加2(即不高興程度為3),依次類推。當要求某個小朋友第k次交換時,他的不高興程度增加k。
請問,要讓所有小朋友按從低到高排隊,他們的不高興程度之和最小是多少。
如果有兩個小朋友身高一樣,則他們誰站在誰前面是沒有關係的。
輸入格式
輸入的第一行包含一個整數n,表示小朋友的個數。
第二行包含 n 個整數 H1 H2 … Hn,分別表示每個小朋友的身高。
第二行包含 n 個整數 H1 H2 … Hn,分別表示每個小朋友的身高。
輸出格式
輸出一行,包含一個整數,表示小朋友的不高興程度和的最小值。
樣例輸入
3
3 2 1
3 2 1
樣例輸出
9
樣例說明
首先交換身高為3和2的小朋友,再交換身高為3和1的小朋友,再交換身高為2和1的小朋友,每個小朋友的不高興程度都是3,總和為9。
資料規模和約定
對於10%的資料, 1<=n<=10;
對於30%的資料, 1<=n<=1000;
對於50%的資料, 1<=n<=10000;
對於100%的資料,1<=n<=100000,0<=Hi<=1000000。
題目連結:http://lx.lanqiao.org/problem.page?gpid=T123
題目分析:其實就是算一個數的左邊有多少個大於它,右邊有多少個小於它,因為只有逆序的兩個才要交換,而且交換的時候兩個人的不開心程度都要加,求逆序對樹狀陣列和歸併排序都可以,本人覺得歸併排序更好寫,用cnt記錄每個數字屬於的逆序對的個數,這個數有可能是比前面的小的也有可能是比後面大的,都要算進來,然後等差數列求和算這個人的總的不開心程度,然後把所有人的不開心程度累加即可,注意會爆int,歸併的時候要注意兩點,一是排序時下標變了,開始讀入要記錄下標,二是合併的兩個序列必然自身都是有序的,先求後面某個數的前面有多少個數比它大,計算時若d[i].num > d[j].num,那麼由其自身的有序性可知從第i個到第mid個元素都是大於d[j].num的,所以個數直接就是mid - i + 1,求前面某個數的後面比它小的個數同理。一開始寫的歸併得了70分,最後三組資料都超時了,原因是我在計算第一種情況的時候直接用迴圈計算第二種情況了,即因為第i個到第mid個元素都是大於d[j].num的,就直接讓第i個到第mid個元素的cnt都加1,這樣在最壞的時候時間複雜度退化到n^2,所以是不可取的,正確的姿勢是,算第二種情況時倒著來一遍,原理同第一種
對於30%的資料, 1<=n<=1000;
對於50%的資料, 1<=n<=10000;
對於100%的資料,1<=n<=100000,0<=Hi<=1000000。
題目連結:http://lx.lanqiao.org/problem.page?gpid=T123
題目分析:其實就是算一個數的左邊有多少個大於它,右邊有多少個小於它,因為只有逆序的兩個才要交換,而且交換的時候兩個人的不開心程度都要加,求逆序對樹狀陣列和歸併排序都可以,本人覺得歸併排序更好寫,用cnt記錄每個數字屬於的逆序對的個數,這個數有可能是比前面的小的也有可能是比後面大的,都要算進來,然後等差數列求和算這個人的總的不開心程度,然後把所有人的不開心程度累加即可,注意會爆int,歸併的時候要注意兩點,一是排序時下標變了,開始讀入要記錄下標,二是合併的兩個序列必然自身都是有序的,先求後面某個數的前面有多少個數比它大,計算時若d[i].num > d[j].num,那麼由其自身的有序性可知從第i個到第mid個元素都是大於d[j].num的,所以個數直接就是mid - i + 1,求前面某個數的後面比它小的個數同理。一開始寫的歸併得了70分,最後三組資料都超時了,原因是我在計算第一種情況的時候直接用迴圈計算第二種情況了,即因為第i個到第mid個元素都是大於d[j].num的,就直接讓第i個到第mid個元素的cnt都加1,這樣在最壞的時候時間複雜度退化到n^2,所以是不可取的,正確的姿勢是,算第二種情況時倒著來一遍,原理同第一種
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
int const MAX = 1e5 + 5;
ll cnt[MAX], ans;
int n;
struct DATA
{
int idx;
ll num;
}d[MAX];
bool cmp(DATA a, DATA b)
{
return a.num < b.num;
}
void Solve(int l, int mid, int r)
{
int i = l, j = mid + 1;
while(i <= mid && j <= r)
{
if(d[i].num <= d[j].num)
i ++;
else
{
cnt[d[j].idx] += (ll)(mid - i + 1);
// for(int k = i; k <= mid; k++) 這就是70分超時的寫法。。。
// cnt[d[k].idx] ++;
j ++;
}
}
i = mid, j = r;
while(i >= l && j >= mid + 1)
{
if(d[i].num > d[j].num)
{
cnt[d[i].idx] += (ll)(j - mid);
i --;
}
else
j --;
}
sort(d + l, d + r + 1, cmp);
return;
}
void Div(int l, int r)
{
if(l >= r)
return;
int mid = (l + r) >> 1;
Div(l, mid);
Div(mid + 1, r);
Solve(l, mid, r);
}
int main()
{
scanf("%d", &n);
for(int i = 0; i < n; i++)
{
scanf("%lld", &d[i].num);
d[i].idx = i;
}
ans = 0;
Div(0, n - 1);
for(int i = 0; i < n; i++)
ans += cnt[i] * (cnt[i] + 1) / 2;
printf("%lld\n", ans);
}
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