原文：http://blog.csdn.net/txgc1009/article/details/6700830
許多面試題看似簡單，卻需要深厚的基本功才能給出完美的解答。企業要求面試者寫一個最簡單的strcpy函式都可看出面試者在技術上究竟達到了怎樣的程度，我們能真正寫好一個strcpy函式嗎？我們都覺得自己能，可是我們寫出的strcpy很可能只能拿到10分中的2分。讀者可從本文看到strcpy函式從2分到10分解答的例子，看看自己屬於什麼樣的層次。此外，還有一些面試題考查面試者敏捷的思維能力。
分析這些面試題，本身包含很強的趣味性；而作為一名研發人員，通過對這些面試題的深入剖析則可進一步增強自身的內功。
找錯題
試題1：
void test1()
{
char string[10];
char* str1 = "0123456789";
strcpy( string, str1 );
}
試題2：
void test2()
{
char string[10], str1[10];
int i;
for(i=0; i<10; i++)
{
str1[i] = 'a';
}
strcpy( string, str1 );
}
試題3：
void test3(char* str1)
{
char string[10];
if( strlen( str1 ) <= 10 )
{
strcpy( string, str1 );
}
}
解答：
試題1字串str1需要11個位元組才能存放下（包括末尾的’\0’），而string只有10個位元組的空間，strcpy會導致陣列越界；
對試題2，如果面試者指出字元陣列str1不能在陣列內結束可以給3分；如果面試者指出strcpy(string,str1)呼叫使得從str1記憶體起復制到string記憶體起所複製的位元組數具有不確定性可以給7分，在此基礎上指出庫函式strcpy工作方式的給10分；
對試題3，if(strlen(str1) <= 10)應改為if(strlen(str1) <10)，因為strlen的結果未統計’\0’所佔用的1個位元組。
剖析：
考查對基本功的掌握：
(1)字串以’\0’結尾；
(2)對陣列越界把握的敏感度；
(3)庫函式strcpy的工作方式，如果編寫一個標準strcpy函式的總分值為10，下面給出幾個不同得分的答案：
2分
void strcpy( char *strDest, char *strSrc )
{
while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
}
4分
void strcpy( char *strDest, const char *strSrc )
//將源字串加const，表明其為輸入引數，加2分
{
while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
}
7分
void strcpy(char *strDest, const char *strSrc)
{
//對源地址和目的地址加非0斷言，加3分
assert( (strDest != NULL) && (strSrc != NULL) );
while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
}
10分
//為了實現鏈式操作，將目的地址返回，加3分！
char * strcpy( char *strDest, const char *strSrc )
{
assert( (strDest != NULL) && (strSrc != NULL) );
char *address = strDest;
while( (*strDest++ = * strSrc++) != ‘\0’ );
return address;
}
從2分到10分的幾個答案我們可以清楚的看到，小小的strcpy竟然暗藏著這麼多玄機，真不是蓋的！需要多麼紮實的基本功才能寫一個完美的strcpy啊！
(4)對strlen的掌握，它沒有包括字串末尾的'\0'。
讀者看了不同分值的strcpy版本，應該也可以寫出一個10分的strlen函式了，完美的版本為：int strlen( const char *str ) //輸入引數const
{
assert( strt != NULL ); //斷言字串地址非0
int len;
while( (*str++) != '\0' )
{
len++;
}
return len;
}
試題4：
void GetMemory( char *p )
{
p = (char *) malloc( 100 );
}
void Test( void )
{
char *str = NULL;
GetMemory( str );
strcpy( str, "hello world" );
printf( str );
}
試題5：
char *GetMemory( void )
{
char p[] = "hello world";
return p;
}
void Test( void )
{
char *str = NULL;
str = GetMemory();
printf( str );
}
試題6：
void GetMemory( char **p, int num )
{
*p = (char *) malloc( num );
}
void Test( void )
{
char *str = NULL;
GetMemory( &str, 100 );
strcpy( str, "hello" );
printf( str );
}
試題7：
void Test( void )
{
char *str = (char *) malloc( 100 );
strcpy( str, "hello" );
free( str );
... //省略的其它語句
}
解答：
試題4傳入中GetMemory( char *p)函式的形參為字串指標，在函式內部修改形參並不能真正的改變傳入形參的值，執行完
char *str = NULL;
GetMemory( str );
後的str仍然為NULL；
試題5中
char p[] = "hello world";
return p;
的p[]陣列為函式內的區域性自動變數，在函式返回後，記憶體已經被釋放。這是許多程式設計師常犯的錯誤，其根源在於不理解變數的生存期。
試題6的GetMemory避免了試題4的問題，傳入GetMemory的引數為字串指標的指標，但是在GetMemory中執行申請記憶體及賦值語句
*p = (char *) malloc( num );
後未判斷記憶體是否申請成功，應加上：
if ( *p == NULL )
{
...//進行申請記憶體失敗處理
}
試題7存在與試題6同樣的問題，在執行
char *str = (char *) malloc(100);
後未進行記憶體是否申請成功的判斷；另外，在free(str)後未置str為空，導致可能變成一個“野”指標，應加上：
str = NULL;
試題6的Test函式中也未對malloc的記憶體進行釋放。
剖析：
試題4～7考查面試者對記憶體操作的理解程度，基本功紮實的面試者一般都能正確的回答其中50~60的錯誤。但是要完全解答正確，卻也絕非易事。
對記憶體操作的考查主要集中在：
（1）指標的理解；
（2）變數的生存期及作用範圍；
（3）良好的動態記憶體申請和釋放習慣。
再看看下面的一段程式有什麼錯誤：
swap( int* p1,int* p2 )
{
int *p;
*p = *p1;
*p1 = *p2;
*p2 = *p;
}
在swap函式中，p是一個“野”指標，有可能指向系統區，導致程式執行的崩潰。在VC++中DEBUG執行時提示錯誤“AccessViolation”。該程式應該改為：
swap( int* p1,int* p2 )
{
int p;
p = *p1;
*p1 = *p2;
*p2 = p;
}
內功題
試題1：分別給出BOOL，int，float，指標變數 與“零值”比較的if 語句（假設變數名為var）
解答：
BOOL型變數：if(!var)
int型變數： if(var==0)
float型變數：
const float EPSINON = 0.00001;
if ((x >= - EPSINON) && (x <= EPSINON)
指標變數： if(var==NULL)
剖析：
考查對0值判斷的“內功”，BOOL型變數的0判斷完全可以寫成if(var==0)，而int型變數也可以寫成if(!var)，指標變數的判斷也可以寫成if(!var)，上述寫法雖然程式都能正確執行，但是未能清晰地表達程式的意思。
一般的，如果想讓if判斷一個變數的“真”、“假”，應直接使用if(var)、if(!var)，表明其為“邏輯”判斷；如果用if判斷一個數值型變數(short、int、long等)，應該用if(var==0)，表明是與0進行“數值”上的比較；而判斷指標則適宜用if(var==NULL)，這是一種很好的程式設計習慣。
浮點型變數並不精確，所以不可將float變數用“==”或“！=”與數字比較，應該設法轉化成“>=”或“<=”形式。如果寫成if(x == 0.0)，則判為錯，得0分。
試題2：以下為Windows NT下的32位C++程式，請計算sizeof的值
void Func ( char str[100] )
{
sizeof( str ) = ?
}
void *p = malloc( 100 );
sizeof ( p ) = ?
解答：
sizeof( str ) = 4
sizeof ( p ) = 4
剖析：
Func ( char str[100])函式中陣列名作為函式形參時，在函式體內，陣列名失去了本身的內涵，僅僅只是一個指標；在失去其內涵的同時，它還失去了其常量特性，可以作自增、自減等操作，可以被修改。
陣列名的本質如下：
（1）陣列名指代一種資料結構，這種資料結構就是陣列；
例如：
char str[10];
cout << sizeof(str) << endl;
輸出結果為10，str指代資料結構char[10]。
（2）陣列名可以轉換為指向其指代實體的指標，而且是一個指標常量，不能作自增、自減等操作，不能被修改；
char str[10];
str++; //編譯出錯，提示str不是左值
（3）陣列名作為函式形參時，淪為普通指標。
Windows NT32位平臺下，指標的長度（佔用記憶體的大小）為4位元組，故sizeof( str )、sizeof ( p ) 都為4。
試題3：寫一個“標準”巨集MIN，這個巨集輸入兩個引數並返回較小的一個。另外，當你寫下面的程式碼時會發生什麼事？
least = MIN(*p++, b);
解答：
#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B))
MIN(*p++, b)會產生巨集的副作用
剖析：
這個面試題主要考查面試者對巨集定義的使用，巨集定義可以實現類似於函式的功能，但是它終歸不是函式，而巨集定義中括弧中的“引數”也不是真的引數，在巨集展開的時候對“引數”進行的是一對一的替換。
程式設計師對巨集定義的使用要非常小心，特別要注意兩個問題：
（1）謹慎地將巨集定義中的“引數”和整個巨集用用括弧括起來。所以，嚴格地講，下述解答：
#define MIN(A,B) (A) <= (B) ? (A) : (B)
#define MIN(A,B) (A <= B ? A : B )
都應判0分；
（2）防止巨集的副作用。
巨集定義#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) :(B))對MIN(*p++, b)的作用結果是：
((*p++) <= (b) ? (*p++) : (*p++))
這個表示式會產生副作用，指標p會作三次++自增操作。
除此之外，另一個應該判0分的解答是：
#define MIN(A,B) ((A) <= (B) ? (A) : (B));
這個解答在巨集定義的後面加“;”，顯示編寫者對巨集的概念模糊不清，只能被無情地判0分並被面試官淘汰。
試題4：為什麼標準標頭檔案都有類似以下的結構？
#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#ifdef __cplusplus
extern "C" {
#endif
/*...*/
#ifdef __cplusplus
}
#endif
#endif /* __INCvxWorksh */
解答：
標頭檔案中的編譯巨集
#ifndef __INCvxWorksh
#define __INCvxWorksh
#endif
的作用是防止被重複引用。
作為一種物件導向的語言，C++支援函式過載，而過程式語言C則不支援。函式被C++編譯後在symbol庫中的名字與C語言的不同。例如，假設某個函式的原型為：
void foo(int x, int y);
該函式被C編譯器編譯後在symbol庫中的名字為_foo，而C++編譯器則會產生像_foo_int_int之類的名字。_foo_int_int這樣的名字包含了函式名和函式引數數量及型別資訊，C++就是考這種機制來實現函式過載的。
為了實現C和C++的混合程式設計，C++提供了C連線交換指定符號extern"C"來解決名字匹配問題，函式宣告前加上extern"C"後，則編譯器就會按照C語言的方式將該函式編譯為_foo，這樣C語言中就可以呼叫C++的函式了。
試題5：編寫一個函式，作用是把一個char組成的字串迴圈右移n個。比如原來是“abcdefghi”如果n=2，移位後應該是“hiabcdefgh”
函式頭是這樣的：
//pStr是指向以'\0'結尾的字串的指標
//steps是要求移動的n
void LoopMove ( char * pStr, int steps )
{
//請填充...
}
解答：
正確解答1：
void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
int n = strlen( pStr ) - steps;
char tmp[MAX_LEN];
strcpy ( tmp, pStr + n );
strcpy ( tmp + steps, pStr);
*( tmp + strlen ( pStr ) ) = '\0';
strcpy( pStr, tmp );
}
正確解答2：
void LoopMove ( char *pStr, int steps )
{
int n = strlen( pStr ) - steps;
char tmp[MAX_LEN];
memcpy( tmp, pStr + n, steps );
memcpy(pStr + steps, pStr, n );
memcpy(pStr, tmp, steps );
}
剖析：
這個試題主要考查面試者對標準庫函式的熟練程度，在需要的時候引用庫函式可以很大程度上簡化程式編寫的工作量。
最頻繁被使用的庫函式包括：
（1） strcpy
（2） memcpy
（3） memset
試題6：已知WAV檔案格式如下表，開啟一個WAV檔案，以適當的資料結構組織WAV檔案頭並解析WAV格式的各項資訊。
WAVE檔案格式說明表
解答：
將WAV檔案格式定義為結構體WAVEFORMAT：
typedef struct tagWaveFormat
{
char cRiffFlag[4];
UIN32 nFileLen;
char cWaveFlag[4];
char cFmtFlag[4];
char cTransition[4];
UIN16 nFormatTag ;
UIN16 nChannels;
UIN16 nSamplesPerSec;
UIN32 nAvgBytesperSec;
UIN16 nBlockAlign;
UIN16 nBitNumPerSample;
char cDataFlag[4];
UIN16 nAudioLength;
} WAVEFORMAT;
假設WAV檔案內容讀出後存放在指標buffer開始的記憶體單元內，則分析檔案格式的程式碼很簡單，為：
WAVEFORMAT waveFormat;
memcpy( &waveFormat, buffer,sizeof( WAVEFORMAT ) );
直接通過訪問waveFormat的成員，就可以獲得特定WAV檔案的各項格式資訊。
剖析：
試題6考查面試者組織資料結構的能力，有經驗的程式設計者將屬於一個整體的資料成員組織為一個結構體，利用指標型別轉換，可以將memcpy、memset等函式直接用於結構體地址，進行結構體的整體操作。透過這個題可以看出面試者的程式設計經驗是否豐富。
試題7：編寫類String的建構函式、解構函式和賦值函式，已知類String的原型為：
class String
{
public:
String(const char *str = NULL); // 普通建構函式
String(const String &other); // 拷貝建構函式
~ String(void); // 解構函式
String & operate =(const String &other); //賦值函式
private:
char *m_data; // 用於儲存字串
};
解答：
//普通建構函式
String::String(const char *str)
{
if(str==NULL)
{
m_data = new char[1]; //得分點：對空字串自動申請存放結束標誌'\0'的空
//加分點：對m_data加NULL 判斷
*m_data = '\0';
}
else
{
int length = strlen(str);
m_data = new char[length+1]; // 若能加 NULL 判斷則更好
strcpy(m_data, str);
}
}
// String的解構函式
String::~String(void)
{
delete [] m_data; // 或delete m_data;
}
//拷貝建構函式
String::String(const String &other) //得分點：輸入引數為const型
{
int length = strlen(other.m_data);
m_data = new char[length+1]; //加分點：對m_data加NULL判斷
strcpy(m_data, other.m_data);
}
//賦值函式
String & String::operate =(const String &other) //得分點：輸入引數為const型
{
if(this == &other) //得分點：檢查自賦值
return *this;
delete [] m_data; //得分點：釋放原有的記憶體資源
int length = strlen( other.m_data );
m_data = new char[length+1]; //加分點：對m_data加NULL判斷
strcpy( m_data, other.m_data );
return *this; //得分點：返回本物件的引用
}
剖析：
能夠準確無誤地編寫出String類的建構函式、拷貝建構函式、賦值函式和解構函式的面試者至少已經具備了C++基本功的60%以上！
在這個類中包括了指標類成員變數m_data，當類中包括指標類成員變數時，一定要過載其拷貝建構函式、賦值函式和解構函式，這既是對C++程式設計師的基本要求，也是《Effective C++》中特別強調的條款。
仔細學習這個類，特別注意加註釋的得分點和加分點的意義，這樣就具備了60%以上的C++基本功！
試題8：請說出static和const關鍵字儘可能多的作用
解答：
static關鍵字至少有下列n個作用：
（1）函式體內static變數的作用範圍為該函式體，不同於auto變數，該變數的記憶體只被分配一次，因此其值在下次呼叫時仍維持上次的值；
（2）在模組內的static全域性變數可以被模組內所用函式訪問，但不能被模組外其它函式訪問；
（3）在模組內的static函式只可被這一模組內的其它函式呼叫，這個函式的使用範圍被限制在宣告它的模組內；
（4）在類中的static成員變數屬於整個類所擁有，對類的所有物件只有一份拷貝；
（5）在類中的static成員函式屬於整個類所擁有，這個函式不接收this指標，因而只能訪問類的static成員變數。
const關鍵字至少有下列n個作用：
（1）欲阻止一個變數被改變，可以使用const關鍵字。在定義該const變數時，通常需要對它進行初始化，因為以後就沒有機會再去改變它了；
（2）對指標來說，可以指定指標本身為const，也可以指定指標所指的資料為const，或二者同時指定為const；
（3）在一個函式宣告中，const可以修飾形參，表明它是一個輸入引數，在函式內部不能改變其值；
（4）對於類的成員函式，若指定其為const型別，則表明其是一個常函式，不能修改類的成員變數；
（5）對於類的成員函式，有時候必須指定其返回值為const型別，以使得其返回值不為“左值”。例如：
const classA operator*(const classA& a1,const classA&a2);
operator*的返回結果必須是一個const物件。如果不是，這樣的變態程式碼也不會編譯出錯：
classA a, b, c;
(a * b) = c; // 對a*b的結果賦值
操作(a * b) = c顯然不符合程式設計者的初衷，也沒有任何意義。
剖析：
驚訝嗎？小小的static和const居然有這麼多功能，我們能回答幾個？如果只能回答1~2個，那還真得閉關再好好修煉修煉。
這個題可以考查面試者對程式設計知識的掌握程度是初級、中級還是比較深入，沒有一定的知識廣度和深度，不可能對這個問題給出全面的解答。大多數人只能回答出static和const關鍵字的部分功能。
技巧題
試題1：請寫一個C函式，若處理器是Big_endian的，則返回0；若是Little_endian的，則返回1
解答：
int checkCPU()
{
{
union w
{
int a;
char b;
} c;
c.a = 1;
return (c.b == 1);
}
}
剖析：
嵌入式系統開發者應該對Little-endian和Big-endian模式非常瞭解。採用Little-endian模式的CPU對運算元的存放方式是從低位元組到高位元組，而Big-endian模式對運算元的存放方式是從高位元組到低位元組。例如，16bit寬的數0x1234在Little-endian模式CPU記憶體中的存放方式（假設從地址0x4000開始存放）為：
而在Big-endian模式CPU記憶體中的存放方式則為：
32bit寬的數0x12345678在Little-endian模式CPU記憶體中的存放方式（假設從地址0x4000開始存放）為：
而在Big-endian模式CPU記憶體中的存放方式則為：
聯合體union的存放順序是所有成員都從低地址開始存放，面試者的解答利用該特性，輕鬆地獲得了CPU對記憶體採用Little-endian還是Big-endian模式讀寫。如果誰能當場給出這個解答，那簡直就是一個天才的程式設計師。
試題2：寫一個函式返回1+2+3+…+n的值（假定結果不會超過長整型變數的範圍）
解答：
int Sum( int n )
{
return ( (long)1 + n) * n / 2; //或return (1l + n) * n /2;
}
剖析：
對於這個題，只能說，也許最簡單的答案就是最好的答案。下面的解答，或者基於下面的解答思路去優化，不管怎麼“折騰”，其效率也不可能與直接return( 1 l + n ) * n / 2相比！
int Sum( int n )
{
long sum = 0;
for( int i=1; i<=n; i++ )
{
sum += i;
}
return sum;
}
所以程式設計師們需要敏感地將數學等知識用在程式設計中。